陕西省榆林市联考2024-2025学年高二上学期11月期中考试，高中\高二\陕西省\陕西省榆林市\2024-2025学年上\物理三零论坛（30论坛）用百度云盘、腾讯云盘分享的原卷版、解析版及答案，在云盘中的课件资料可在线阅读及保存到自己的云盘，此电子版课件永久免费阅读及下载。
2024~2025学年第一学期高二年级七校期中联考试题·物理 参考答案、提示及评分细则 1.C图甲，根据静电感应原理可知，导体棒A端因感应带负电，由于导体棒A端接地，因此B端不带电， A错误：图乙，用铜丝编织的管线包裹话筒线是利用静电屏蔽，防止外部信号干扰，B错误：图丙，静电 计的金属杆上端固定一个金属球而不做成针尖状可防止尖端放电，C正确：图丁，超高压带电作业的工作 人员，穿上金属丝制成的衣服，起到静电屏蔽的作用，可以保证安全，D错误 2D据《梦溪笔谈》记载了磁偏角，地球表面磁场方向与经线不平行，会偏东南，A错误：若地球自转加 快，则地球表面形成电流会增大，电流产生的磁场会增强，B错误：地球表面磁场向北，地球内部磁场向 南，由右手螺旋定则可知地球表面电流方向由东向西，与地球自转方向相反，即地球表面带负电，C错 误：由磁感线方向可知地球表面磁场方向在北半球有向北分量和向下分量，地球表面磁场在南半球有向北 分量和向上分量，D正确， 3.C题中给出的用电器不一定是纯电阻电器，若为纯电阻电器，则欧姆定律成立，否则不成立，C正确 4A开关闭合后，将线图A从B中拔出时，线图B中的盛通量将会减小，线圈B中会产生感应电流，所以 电流表指针会偏转，A正确：线图A插入线圈B中后，开关闭合和断开的瞬间，线圈A将产生一个变化的 磁场，这个变化的磁场引起线图B中的磁通量变化，线图B中会产生出感应电流，所以电流表的指针会偏 转，B错误：开关闭合后，滑动变阻器的滑片P不动，线圈A中的电流不变，线圈A将产生恒定的磁场， 通过线圈B的磁通量不变，线圈B中不会产生感应电流，电流表指针不会偏转，C错误：开关闭合后，只 要滑动变阻器的滑片P滑动，线圈A中的电流就发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通过线圈B的 磁通量发生变化，线圈B中产生感应电流，电流表指针会偏转，即滑片P不一定要加速滑动，D错误。 5B因为电容器负极板接地，正极板与静电计的金属球相连，二者之间保持开路状态，不会使电容器发生 充放电现象，所以？不变，A错误：两极板间电场强度为E= UO 4nko ,因为Q和S均不变，所 d Cd sS 以E不变，B正确：根据平行板电容器的电容决定式C=SS 可知，C随d的增大而减小，C错误；根 4πkd 据U=Ed,可知U随d的增大而线性增大，D错误 6D分析C球的受力，由29 c0s30°=mg得m= 3kO -,故D正确。 a ka? 7D电动机是非纯电阻，不能用欧姆定律I=来求电路中的电流，电动机以外部分是纯电阻，可以用 及州 欧姆定律求电路中的电流，则I=E=5A,即电流表的示数为5A,A错误：电动机的输入电功率 R+r 为P=UI=110×5W=550W,B错误：电动机的机械功率为 Pn=P-I2R=550W-52×0.6W=535W,C错误：电动机工作1h所产生的热量为 Q=IR1=5.4×10°J,D正确 8.ABDO点的电场强度大小为Eo= +29os60 2 2心，A正确：X点的电场强度大小为 是cos60°-但=3kg B正确：根据对称性可知，两负点电荷在乙点和Y点的电势相等，乙 (2L)242 点、Y点与正点电荷的距B离相等，则正点电荷在Z点和Y点的电势相等，故Z点和Y点的电势相等，C 错误：根据电场强度的叠加可知，OM连线上电场强度沿MO方向，则带负电小球受到的电场力沿OM方 向，带负电小球沿OM从O点移到M点过程中，电场力一直做正功，故电势能一直减少，D正确. 9.AC带电油滴受电场力向上，平行板电容器C的电场方向向上，故带电油滴带正电，A错误：闭合开关 S:,总电阻变小，总电流增大，即电源内阻F上的电压增大，路端电压变小，电压表示数减小，B正确： 并联支路的电压变小，即定值电阻R,电流变小，电流表示数减小，C错误：并联支路的电压变小，电容器 两板间电压变小，板间的电场强度减小，向上的电场力变小，则油滴向下运动，D正确 10,BD在滑动变阻器R,的滑片由b端向a端缓慢滑动的过程中，R、R并联电阻值R逐渐减小，由闭合 电路欧姆定律有I= E ，U=E-,则电流表A的示数增大，电压表V的示数减小，A错误： R+R+r 当滑动变阻器尼的滑片在b端时，并联部分电阻最大，尺=专Q,此时干路上的电流最小， 3 1-2受A,并联部分电压最大，Um-治V,此时电容器带电量最多，9=CU=3.6x10C, 13 13 B正确：当滑动变阻器R的滑片滑至a端时，并联部分电阻为零，电流最大，I=3A，则电阻R消 耗的最大功率P=Imx2R=9W，C错误：当滑动变阻器R的滑片位于中点时，并联部分电阻 E2 R=12,且R+R=r,此时电源输出功率最大，P =10.125W,D正确. 11.(1)b(2分)(2)500(2分)100(2分) 解析：(1)考虑实验的安全性，闭合S,之前，应使R的滑片移至b端 (2)已知R的阻值远大于R.,因此在闭合S,后，可认为电路中通过R的电流保持不变保持R不变， 闭合S,调节R,使微安表读数等于山则有I=R十R R 11R.1+1 变形得二= .由图2可得，纵轴 1 距表示-，即1。=，0CA=500uA,斜率k=广=2×10Q/A,解得R=1002,即微安表 1 内阻为1002 12.(1)R(1分)(2)如图所示(2分)(3)b(2分) b迟(2分)(4)V和V,(1分) a 解析：(1)两节干电池的电动势约为3V,电压表V,的量程除以定值电阻阻值得最大电流为0.6A,电路的 最小电阻约为5①，为方便实脸操作，同时为了减小电压表V的分流，滑动变阻器应选0~102的R, 故选R (2)实物连线如图所示 (3)根据电路图和闭合电路欧姆定律E=U,+ r得U,=E-。U,可知纵坐标的截距b=E, R R b=’,故E=b、r= Ro a R (4)通过电源内阻的干路电流真实值I= ++L,故1>g,即V和V,的分流都会引志误 十 Ro Rv2 RyI R 差 3分) 13.解：(1)公式中=BS中，S应为有效面积，且酸通量与线圈匝数无关故初态S=2 BL 所以此时穿过线圈的磁通量的大小中=BS= 2 (3分) (2)若线圈从图示位置开始按图示方向绕OO'轴转过60°时， 有效面积S,= F2·c0s60°=号 (2分)故中= BL (2分) 所以磁通量的变化量的大小△中=中-=B配(2分) 14解：(1)题中电压表视为开路，电流表视为短路，题图电路中右侧两电阻R并联后与左侧电阻R串 R 联， 电路总电阳为R始=5+R=92(2分) 2 U 总电流为I=二2A(1分)
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