辽宁省名校联盟2024-2025学年高三下学期3月份联合考试（2025年3月4日），高中\高三\辽宁省\2024-2025学年下\物理三零论坛（30论坛）用百度云盘、腾讯云盘分享的原卷版、解析版及答案，在云盘中的课件资料可在线阅读及保存到自己的云盘，此电子版课件永久免费阅读及下载。
1,D【解析】7月31日11点在时间轴上对应一点，则指 的是时刻，A项错误，两人在下落过程中，以两人为参考 系，水相对于两人的位置发生变化，感觉水面是运动的， B项错误：位移是矢量，大小只跟运动起点，终点位置有 关，路程是标量，大小跟物体运动经过的路径有关，因此 全红蝉从起跳后到入水的过程中路程大于位移的大小： C项错误：裁判在打分时，要关注她们的动作，其大小和 形状不能忽略，故不能将两人看成质点，D项正确。 2,C【解析】由题意可知，物体A不受空气阻力只受重 力，做竖直上抛运动，则有4=些，物体B受空气阻力， 在其上升阶段，根据牛顿第二定律有mg十f一m,解得 4=g十工，由于物体B所受阻力随着速度诚小而诚小， 故物体B的加速度逐渐减小至最小值g,由于物体B上 升过程中的加速度大于重力加速度即物体A上升过程 中的加速度，且二者初速度相同，所以a>m,故选 C项， 3D【解折】根据折射定律A=曲二光从空气斜射向三 棱镜时，人射角相同，a光对应的折射角较大，则a光的 折射率较小，即，<，故a光的频率较小，若a光恰 发生光电效应，则B光一定能发生光电效应，若6光恰 能发生光电效应，则4光一定不能发生光电效应，A、B 项错误：饱和光电流大小与光的频率无关，只与入射光 强度有关，C项错误：a光顿率较小，根据E=hv,可知@ 光光子能量较小，则a光束照射时，逸出光电子的最大 初动能较小，根据gU=hy一W。可知，a光的遨止电压 低，D项正确。 4B【解析】根据藏-昌李克定体，可得兰-芳-舒 ,设吸管内部的横截面积为5，内部气体在初始状 时的热力学温度为T1,体积为V:,当祖度变化△：时，油 桂移动的距离为△山，则有六-二整理得4-山， 出此式可知，△：与△成正比关系，所以吸管上标刻温 度值时，刻度是均匀的，且图中由左向右刻度线对应的 示数依次增大，A项错误，B项正确：为提高测量精度， 应该用细一点的吸管，液面变化更灵敏，C项错误，冬天 外界气压较大，由V一RT可知，温度相同时，封闭气 体体积较小，所以读数偏小，D项错误 5.D【解析】根据图乙可知，交流电流的最大值为I。= 3A,故有效值I=二=3y三A,小于保脸丝的熔断电 √22 流，A项错误：根据图乙可知交流电的周期T=0.02s, B项错误一0.01s时，产生的感应电流为零，此时线瓶 位于中性面位置，穿过线框的磁通量最大，C项错视：线 框转动的角速度为m-季-10xad/s,D项正确。 6.A【解析】滑块和小球组成的系统水平方向合力为零， 所以水平方向动量守恒，但是整体的合力不为零，所以 系统的总动量不守恒，A项正确：不计一切摩案，只有重 力对系统做功，所以系绕机被能守恒，B项错误，当小球 刚好到达B点，系绕水平方向动量守恒有地一和十 m,系统机被能守恒有合md=之M时十之m时十 mgR1-os60),解得-√R,C项错误：若 小球能从B点离开滑块M,则小球水平方向的分速度 大于滑块水平方向的分速度，小球离开滑块M后做斜 抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，则小球到达滑 块最高点B时，小球只有水平方向的分速度，则小球的 速度大于滑块的水平方向速度，D项错误， 7.D【解桥】由题意可知，AB中点电势为P-4于色- 2 10V,AB中点与C点连线为等势面，该等势面过O点， 所以O点电势为10V,A项错误：AB与C0连线垂直，匀 强电场的场强大小为E= U-16-10v/m-150V/m: -0.04 电场线由高电势指向低电势，则电场方向由A指向B,B 项错误：由以上分析可知，D点和E点是圆上沿电场线 方向电势最低点和最高点，C项错误：由几何关系，圆形 半径为r-0.O8m,D点和E点的电势差为Ue- 一E×2r=一8v3V,将电子由D点移到E点，电势升 高，电子的电势能减少△E=eUw=8V3eV,D项正确。 8.CD【解析】羽毛球在运动过程中受到空气阻力作用， 其机械能减小，所以A点的机械能大于B点的机械能， A项错误：当羽毛球所受重力与阳力的合力方向与速度 方向垂直时，羽毛球的速度最小，而在最高点P时，合力 方向与速度方向的夹角为钝角，则说明羽毛球速度最小 的位置在P点的右侧，B项错误，C项正确：若在P点将 羽毛球以大小为？的速度水平向左抛出，羽毛球受重力 和与速度方向反向的空气阻力，其运动轨迹与题图中P 点右侧轨迹对称，所以羽毛球将掉落在原出发点的右 侧，D项正确. 9.BCD【解析】由题意可计算阶段Ⅱ汽车运动的时间为 =P=二”=5，位移为=t=功改 2 125m,A项错误，B项正确：根据图像可知，关系式】 力叶合，根据加速度的定义式a-铝整理可得- 。巴，故片？图线与坐标轴所围面积为加速时间，则阶 段1经历的时间为4-0.5+1,5》X204=20s,C项 正确：阶段口汽车的加速度α”=一kv,因此其ct图像与 坐标轴围成的面积是罗-图像与坐标轴围成的面积的卖 倍，故速度改变量的大小是位移大小的是倍，则有边一 0一kx,解得x一30四，D项正确。 10.BC【解析】根据题意，微粒射人磁畅时向上偏转，将 初速度分解为两个向右的分速度，，，一个分速度 对应的洛伦数力月=mB=mg,即以一器敏匀迷 运动，另一个分速度，对应的洛伦兹力F:=,B,提 供匀速圆周运动的向心力Fa=m瓷，联立解得R= 器，由于微粒运动过程中重力势能最大的位置与直 线MN距离方一g,对应圆周运动到最高点，即一 2R,解得=3m,所以徽粒射入磁场的初速度大小 gB 为两=”十=咒，A项错误：微粒重力势能最大时 分速度对应的洛伦兹力方向向下，功对应的洛伦兹力 方向向上，则微粒受到的洛伦数力大小为F=F:一 F1=2mg,B项正确：微粒第一次回到水平线MN时需 要的时间为以速度：做圆周运动的一个周期T一 器距离M点：=T-行，C项正确：由于一 =是，所以微粒射入磁场后经裙恰好处于最高 9B 点，D项错误。 参考答案及解析 0.0003J:系统的机械能E=E十E十E=一Q0001J. (2)小球只在重力作用下机械能守恒，A项错误：小球 在重力和弹簧弹力作用下，小球的机械能不守恒，但小 球与弹簧组成的系统在重力和系统内弹力作用下机械 能守恒，B项错误，C项正确。 2.(1)0.72(0.71一0.73)(2分) (2)增大(2分)180(160-180)(2分) 【解析】(1)由题可知1=0时，路端电压等于电池的电 动势为E=0.72V. (2)根据闭合电路的欧姆定律E=U十I,对于图中的 (B,0)和图像上的心，)两点，内阻为一号故 内阻为该点与(E,0)连线斜率倒数的绝对值，当电流超 过1,00mA时，该连线斜率倒数的绝对值随电蓬的增 大而增大，故内阻随电流的增大而增大：当电流为 0.50mA时，由图知路端电压U=0.96V,根据闭合电 路的欧姆定律U一E一Ir,可得此时内阻约为r一 1800. 3,(1)沿x输正方向1m/s,沿x轴负方向号m/s (2)y=-5sim(登）em 【解析】(1)由题图可知，该列波的波长为A一4m,因为 T>38,则当波沿着x轴正方向传播时，则有波传播的 距离△x-v心-（一h)-子8 3 (2分) 3X4 可得被速大小为-出=二之m/s=1m/s（2分) 当波沿着x轴负方向传播时，则有△x一 (2分) 1×4 可得被速大小为v-益-专一之m/s-吉ms(2分) (2)若这列波沿工轴正方向传播，则△=：一4=是T (1分) 可得波的周期为T=4s 角速度。一华-受 (1分) 由题图可知波的振幅为A一5cm,平衡位置在O处的 质点在，=5=平时位于负向最大位移处，由数学知 识可得，平衡位置在O处的质点振动方程为
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