河北省金太阳25-L-540C 2024-2025学年2025届高三3月联考质量检测卷（25-L-540C），高中\高三\河北省\金太阳\2024-2025学年下\物理
20242025学年高三3月质量检测卷·物理 参考答案、提示及评分细则 A据核反应中核电荷数与质量数守恒，可知a粒子内有2个质子，核子数为4，所以m=2十3=5，十1= 4十7，解得n=10,A正确、B错误：由质能方程得该核反应释放的能量为(m。十mx一u一m,c2,C错误，该反 应属于人工转变或裂变反应，衰变反应是原子核自发进行的，反应前只有一个核，D错误 D“问天”实验舱的运行速度小于第一宇宙速度，A错误，航天员在空间站“问天”实脸舱只受到地球引力， 处于完全失重状态，B错误：“问天”实验舱绕地球运动的向心力是由地球对它的万有引力提供的，C错误：轨 道越高，运行的线速度越小，D正确 C根据4=号血C-片得血C-发8胶8合解得C-30,C正角 C对于质量m的电荷，它们的库仑力提供其向心力，即k婴=m,对于质量m的电荷，它们的库仑力 dr 提供其向心力，即k婴=m 产则它们总的动能为分m+子心w=爱，放选C B解析：由题意可知，线圈产生的是正弦交流电，电动势的最大值为E,■2B,电动势的有效值为E■ 二区mBr,由于线圈电阻不计，则变压器原刷线圈匝数比为=号-2m,B正确.。 2 A设AG段电阻为，EF段长为L,则EF未剪断时，电路中总电阻R=名，剪断后的总电阻R=7,则B= B是L,R=B是L,则R:R=81,A正确， R21 D圆盘匀速转动时产生的感应电动势为U=之BR,所以电容器极板上所带电荷量为Q=CU= 一4，可知电容C减小，再根据公式 之BRC,A错误；电容器的下极板向下移动一小段距离，根据公式C=,可 Q=CU,可知电容器极板上的电荷量减小，B错误；将金属板插人平行板电容器，则电容器的板间距减小，根 据C一二知电容C变大，C错误：将电容器的上极板水平向右移动，板间距不变，由于板间电压不变，根据 E=号可知板间电场强度不变，下极板电势为零，P点距下极板距离不变，所以P点电势不变，D正确。 d CO点为两波源的中点且为振动减弱点，波源S、S:振动方向相反，所以波源S,在=0时从平衡位置向 下振动，B正确：PS,=30cm,PS=50cm,PS,=u(6-3T),PS2=(6-T),解得0=10cm/s,T=4,A 错误，C正确；波源S产生的第一个波谷传到P点需要的时间为t=多十一=4s,D错误. 4 AC由图像可得=9二卫·什p,变形得x=加+卫：，可知直升机做匀加速直线运动，根据匀变速直线 t to t。 运动规律可知，1=0时直升机的速率为=p,加速度为a=2g二卫，=6时直升机的速率为4=十h= 2g一p,选项A正确，B、D错误；由匀加速直线运动位移与时间关系可得直升机从=0到=o的过程中上升 的高度为A=6十之a6=9%,选项C正确 AD 由丙图可知，滑动摩擦力为3=出州g,解得出=0.1，故A正确：18~3s过程，两者相对静止，对整体 有F-:(m十m)g-(m十m)a,对物块有F-∫-ma,整理得∫户F十mg,又F-2,解得∫一 %十 2m十mg,根据图丙可知2-3二名 m1十m2 %十3一1 ,解得m=1kg,故B错误：18一3s过程，对物块由动量定 理有I:一I=功，结合图像面积可得=1m/s,故C错误；根据对B项分析可知图丙1s~3s的纵截距 b=mg,解得=0.05，故D正确. (1)红黑表笔短接，进行欧姆调零900(2)大于（每空2分） 解析：(1)多用电表进行电阻测量时，必须进行欧姆调零：根据读数规则，该元件的电阻值为9.0ΩX100= 900n. (2)由于R>√RvRA,他应该是采用电流表内接法，故测量的电阻阻值偏大， (1)2.98cm(1分)(2)B(2分) (3)2(2分)4(2分)(4)大于(2分) √h √2g 解析：(1)游标卡尺的主尺读数为29mm,游标尺第8条刻度线与主尺刻度线对齐，故读数为29mm十8X0. 1mm=29.8mm=2.98cm; (2)小球的直径过小时，测量误差会很大，故A错误；实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过 光电门中的激光束，故B正确：实验时应先打开光电计时器，后释放铁球，防止小球通过计时器时无法记录 时间，故C错误： (③洁小球从A到B机械能守恒定律，则有m®A=壹m（(学广，舞得一总，可见：后图像是直线，斜率 描绘的图像的斜率大于理论值 解：(1)选水枪内气体和充人的气体为研究对象，初始水枪内气体：=120kPa,V=3L, 充人气体=100kPa,V=?,末态=240kPa,V=V=3L, 等温变化，由玻意耳定律V十V=V(2分) 解得V=3.6L(2分) (2)选充完气后所有的气体为研究对象，假设不漏气， 初态=240kPa,T=300K,末态=？，T2=280K,体积不变， 由查理定律朵=杂 (3分) 解得=224kPa>210kPa,漏气(2分) 解：(1)小物块P从抛出到A,有马=tan0(1分) Un 又%=y=乞歌（1分) 且h=y+R(1-cos60°)(1分) 解得h=3m(1分) (2)小物块从A到压缩弹簧至最短，有受mi十mgR(1-c0s60)=mgx+壹x(2分) 又= c0s60 (1分) 解得x=0.8m或x=一1m(舍去)(1分) (3)小物块从压缩弹簧最短到再次经过B点，由动能定理有号x-mgx=立md1分) 假设小物块再次滑上圆弧轨道后上升的最高点未脱离，则有(M十m)u一m 又有受(M什m)t+mgh1=合m通 解得h,=1.152m<R(1一cos60)=2.4m,假设成立，说明小物块不能脱离圆弧轨道(2分) 则小物块从B点再次返回B点的过程中，则有m=M,十(1分)
样本阅读结束,请到下载地址中：阅读全文及下载
